尝试将链接放入变量中并按如下方式调用它（作为 .html 扩展名）：<!DOCTYPE html> <html> <body> <h1>My first PHP page</h1> <?php $link="https://jia666-my.sharepoint.com/:v:/g/personal/s1pxky0tu_xkx_me/EXvt95V1DmRHg9lrqhd5L0ABby8GhL5XC15qXq1tu87zYw?Download=1"; ?> <video controls="" height="640" width="720"> <source src="<?php echo $link ?>" type="video/mp4"></source> <source src="<?php echo $link ?>" type="video/webm"></source> Your browser does not support the video tag. </video> </body> </html>但是我在 chrome 浏览器上得到了 unexpexted 输出：在此处输入图像描述我也尝试使用以下代码破坏 .php 扩展名：<?php$link='"https://jia666-my.sharepoint.com/:v:/g/personal/s1pxky0tu_xkx_me/EXvt95V1DmRHg9lrqhd5L0ABby8GhL5XC15qXq1tu87zYw?Download=1"';echo '<video controls="" height="640" width="720"> <source src=', $link, 'type="video/mp4"></source> <source src=', $link, 'type="video/webm"></source> Your browser does not support the video tag.</video></body></html>';?>但是这一次在 chrome 浏览器上的输出是： 您的浏览器不支持视频标签。
2 回答
撒科打诨
TA贡献1934条经验 获得超2个赞
,如果回显中有另一个字符串，则无需提及变量就必须将其连接起来。并且您还必须在变量后指定一个空格，以便不与变量连接的类型。
将您的代码更改为
<?php
$link='"https://jia666-my.sharepoint.com/:v:/g/personal/s1pxky0tu_xkx_me/EXvt95V1DmRHg9lrqhd5L0ABby8GhL5XC15qXq1tu87zYw?Download=1"';
echo '<video controls="" height="640" width="720">
<source src='. $link. ' type="video/mp4"></source>
Your browser does not support the video tag.
</video>
</body>
</html>';
慕姐8265434
TA贡献1813条经验 获得超2个赞
变量的调用一定要正确，如下：
<?php
$link = 'https://jia666-my.sharepoint.com/:v:/g/personal/s1pxky0tu_xkx_me/EXvt95V1DmRHg9lrqhd5L0ABby8GhL5XC15qXq1tu87zYw?Download=1';
?>
<!DOCTYPE html>
<html>
<head>
<title>Test Video</title>
</head>
<body>
<video controls="" height="640" width="720">
<source src="<?php echo $link; ?>" type="video/mp4"></source>
<source src="<?php echo $link; ?>" type="video/webm"></source>
Your browser does not support the video tag.
</video>
</body>
</html>
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