从PHP中的变量实例化一个类？

Question

我知道这个问题听起来很模糊，因此我将通过一个示例来使其更加清楚：$var = 'bar';$bar = new {$var}Class('var for __construct()'); //$bar = new barClass('var for __construct()');这就是我要做的。你会怎么做？我当然可以这样使用eval（）：$var = 'bar';eval('$bar = new '.$var.'Class(\'var for __construct()\');');但是我宁愿远离eval（）。没有eval（），有没有办法做到这一点？

Answer 1

首先将类名放入变量中：

$classname=$var.'Class';

$bar=new $classname("xyz");

这通常是您将以Factory模式包装的东西。

Answer 2

如果您使用命名空间

在我自己的发现中，我认为最好提及您（据我所知）必须声明类的完整名称空间路径。

MyClass.php

namespace com\company\lib;

class MyClass {

}

index.php

namespace com\company\lib;

//Works fine

$i = new MyClass();

$cname = 'MyClass';

//Errors

//$i = new $cname;

//Works fine

$cname = "com\\company\\lib\\".$cname;

$i = new $cname;

Answer 3

如何也传递动态构造函数参数

如果要将动态构造函数参数传递给该类，则可以使用以下代码：

$reflectionClass = new ReflectionClass($className);

$module = $reflectionClass->newInstanceArgs($arrayOfConstructorParameters);

有关动态类和参数的更多信息

PHP> = 5.6

从PHP 5.6开始，您可以使用Argument Unpacking进一步简化此操作：

// The "..." is part of the language and indicates an argument array to unpack.

$module = new $className(...$arrayOfConstructorParameters);

感谢DisgruntledGoat指出这一点。